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▷複数の玉を同時に取り出す確率
▷コンビネーション（組み合わせ）を用いて良い定理
《複数の玉を同時に取り出す確率》
【問題１】
白玉が５個、赤玉が３個入った袋の中から、玉を同時に２個取り出す。白玉と赤玉を１個ずつ取り出す確率を求めよ。
【注意】
以下の解答は、この問題を例にして、複数の玉を同時に取り出す問題の解き方の例を詳しく解説する事を目的として、このページに書いたものです。
そのため、先ずこの問題を自力で解いてみたい人は、以下の解答を見ずに問題を解いてから、このページに戻って来てください。
【複数の玉を同時に取り出す操作の意味】
この問題で、２つの玉を同時に取り出す操作がどのように行なわれるかを考えます。
完全に同時に取り出す操作は、以下の様にして実現できると考えます。
あらかじめ２つの玉を選んで準備しておいて、「その２つの玉を取り出す指令」を出します。その指令が発令された時刻が２つの玉を同時に取り出す時刻です。
それでは、あらかじめ２つの玉を選んでおく操作はどうすれば実現するかを考えます。
２つの玉を選ぶという事は、当然な事ですが、選ばれる玉が、同じ玉を２回選ぶのでは無く、異なる２つの玉を選ぶ必要があります。
１つの選定方法は：
他の玉に何が選ばれているかという情報無しに、同時にもう１つの玉を選んでしまうと、同じ玉が重ねて選ばれてしまいます。
そのため、２つの玉を区別して異なる玉を選ぶために、先ず、１つの玉を選び、
次に、その選ばれた玉が何であったかの情報を使って、その玉以外の残った玉から、もう１つの玉を選びます。
これによって、同じ玉が重ねて選ばれる事が無く、異なる２つの玉を選ぶ事ができます。
この作業によって、最終的に、白玉と赤玉を１個ずつ選ぶ確率が、同時に白玉と赤玉を１個ずつ取り出す確率になります。
この操作による２つの玉の選定作業は、順番に玉を選ぶ作業です。この操作によって２つの玉を選定する確率が、求める確率になります。
２つ目の「同時に２つ選ぶ」玉の選定方法は：
全部の玉を、両端に玉の出口があるパイプに入れて、そのパイプを回転させてパイプの両端に遠心力によって出て来る玉を選ぶことで「同時に２つ選ぶ」方法があります。
（このパイプは、玉の出口の両端以外では直径が太くてパイプの中で玉の順番を入れ替えて玉が混ぜられるパイプとする。そのパイプの中で玉を十分に混ぜた後で両端から玉を取り出す。）
その場合は、パイプの左端にある玉を１つ目の玉と名付け、パイプの右端にある玉を２つ目の玉と名付ける。
【解答】
２つの玉を選定する作業によって：
（１）
１つ目の玉に白玉を選び、２つ目の玉に赤玉を選ぶ確率＝
（２）
１つ目の玉に赤玉を選び、２つ目の玉に白玉を選ぶ確率＝
（集計）
結局、白玉１つと赤玉１つを同時に取り出す確率は、上の２つの場合を合わせた確率であり、
です。
（解答おわり）
【別解】
上の解答の論理が正しい事を確認するために、この問題を別の視点から見て解きます。
白玉と赤玉を１個ずつ選ぶ場合の確率は、
同じように確からしい事象の数の比で求められます。
８つの玉から２つの玉を選ぶ、同じように確からしい場合の数は、
個あります。
そのうち、白玉と赤玉を１個ずつ選ぶ場合の数は、
個あります。
そのため、
白玉と赤玉を１個ずつ選ぶ場合の確率は、白玉と赤玉を１個ずつ選ぶ場合の数を８つの玉から２つの玉を選ぶ場合の数で割り算した数であり、
で求められます。
（解答おわり）
別解でも同じ答えになった。
「同時に取り出して」
という言葉は、２つの玉を取り出す玉同士の取り出す時間差、あるいは、２つの玉を選ぶ玉同士の、選ぶ時間差が僅かにあって、「同時にとりだした」と言っても、その時間差が大きくなった場合と確率が同じになり、結局、
「順番に２回選ぶ」のと同じ確率が計算される。
すなわち、
時間差があるので、「元に戻さず２回とる」
というのと確率が同じになると考えて解きます。
結論を言うと、時間差が必ずあると考えても、同時に取り出すと考えて計算しても、同じ結論、同じ確率が計算されます。そのため、時間差があると考えて計算するのが正しいのです。更に言うと、物理学の相対性原理では、異なる位置の間の時刻の差は、一定速度で運動する慣性系毎に異なって観測される。そのため、絶対的な同時刻というものは有り得ないということが分かっている。
順番を考えない組み合わせの数を考えるというのは発想がしにくいものです。特に、事象の連鎖の概念を使って問題を解こうとする場合には、事象の連鎖では事象の順番を考えるので、事象の連鎖の概念が使いにくいです。同時に発生する事象は、「順番」に発生する事象であると考えて良いので、事象の連鎖の表現を使って問題を解き易くできる。（樹形図の基本ルール（その２）参照）
以下では、同時に取り出す、（と言うよりも、取り出す時刻をあいまいにして同時とみなして計算する方法を考えます。その計算方法であっても、結局は、時間差を持って玉を確認するという操作によって時間差が導入されることを示します。
例えば、パイプの両端にある玉を取り出すことによって「取り出す時刻をあいまいにすることで、同時に取り出すように見える」操作をする場合を考えます。
そのように「同時に取り出すとみなす」操作をする場合も、同時に２つ取り出した後で、以下で考えるように、その２つの玉が何であったかを時間差を持って順番に１つずつ玉を見て確認することを考えると、「同時に取り出す」ことが「順番に取り出す」ことと等価になることが理解できると考えます。
（研究課題）
特に、全部の玉を両端に玉の出口があるパイプに入れてパイプの中で玉を十分に混ぜた後で、パイプを回転させる遠心力でパイプの両端の出口に玉を寄せる。そのパイプの両端の玉が白玉と赤玉になる確率を計算する場合は、別解の方法で考えた方が解き方が分かり易い。
そして面白い研究課題として、パイプの左端の玉が白になり、右端の玉が赤になる確率が、
というように、左端の玉が白になる確率の次に右端の玉が赤になる確率を計算して両者の積で求められる。その計算では、右端の玉が赤になる確率は、左端の玉が白である条件の下に右端の玉が赤になる「条件付き確率」を計算する必要がある事が、この計算式から顕わに見える。一方で、パイプの左端と右端とは等価であって、どちらの端の確率を先に計算しても良いとも考える。
「２つ同時に取り出して」白玉と赤玉を得る確率の問題は、
取り出した２つの玉それぞれを、第１の玉、第２の玉、と名付けて玉を把握でき、以下の樹形図で表せる。その第１の玉と第２の玉の区別の実体は、以下のように考えられる。
すなわち、袋から同時に２つの玉を取り出した後で、その２つの玉が何であったかを確認するために順番に玉を見る。その見る順番が２つの玉の区別であると考える。
『上図の樹形図は「樹形図の基本ルール」に従って、事象の連鎖の糸（太さ１ｓ）を束ねて枝を作る。樹形図を横断する枝の太さの総和は事象の連鎖の糸の総数であり常に一定の太さ（５６ｓ）である。また、第１の玉が赤である糸が２１本ある一方、第２の玉が赤である糸も２１本あり、第１の玉と第２の玉のバラエティが同じという特徴がある。』
「２つ同時に取り出して」白玉と赤玉を得る確率の問題は、上の樹形図から読み取れる：
（１）第１の玉が白になる確率に、第１の玉とは異なる第２の玉が赤になる条件付き確率を掛け算して得た確率と、
（２）第１の玉が赤になる確率に、第１の玉とは異なる第２の玉が白になる条件付き確率を掛け算して得た確率と、
の２つを足し算して確率が計算できる。
《玉を順番に取り出す場合》
また、玉を順番に取り出す問題の場合でも、上の樹形図で、第１の玉が何か（例えば白）である確率に、その第１の玉の場合において第２の玉が何か（例えば赤）になる条件付き確率を計算する。その確率が、第１の玉を先に取り出した後に第２の玉を取り出す確率を計算することであると考えて確率が計算できる。
更に、上図の樹形図が表す取り出した玉を見る順番が、玉を取り出す順番とは逆の場合は、上図の樹形図は、第２の玉を先に取り出した後に第１の玉を取り出す確率の問題の樹形図になります。
樹形図は、事象の連鎖の糸を自由に枝に束ねて、しかも事象の発生順に従う必要も無く、再編成して樹形図を書くことができる自由があるからです。
そのため、「玉を順番に取り出す問題の確率の答えは、その玉の取り出し順を逆にした問題の確率の答えと同じになる定理」も成り立っています。
この定理は、確率の《くじ引きの公平性》の定理と同様な性格を持つ定理です。
《玉の取り出し順に係わらず玉を取り出す確率が同じである原理》
【問題】
玉１、玉２、玉３が入っている袋から、
１回目に玉を取り出して玉を戻さずに２回目に玉を取り出す場合に、２回目に玉１を取り出す確率を求める。
【解答】
（１回目の玉，２回目の玉）の事象を連鎖を全て書く。
（１，２）
（１，３）
（２，１）
（２，３）
（３，１）
（３，２）
この６つの事象の連鎖が同様に起こり得る事象の連鎖である。
１回目に玉１を取り出す確率＝２／６
である。
この６つの事象の連鎖は以下の順に並べ替えることができる。
（２，１）
（３，１）
（１，２）
（３，２）
（１，３）
（２，３）
２回目に玉１を取り出す確率＝２／６
である。
すなわち、事象の連鎖を並べる順を並べ替えて考えると、
１回目に玉１を取り出す確率＝２回目に玉１を取り出す確率
が成り立っている。玉の取り出し順に係わらず玉を取り出す確率が同じであることがわかる。
《確率の解法にコンビネーション（組み合わせ）を用いて良い定理》
【問題２】
赤玉が４個、白玉が５個入った袋の中から、玉を順番に２個取り出す。その２個のどちらも赤玉である確率を求めよ。
（問題おわり）
この問題２を例にして、コンビネーション（組み合わせ）を用いて解く解き方を詳しく解説します。
【解答方針】
赤1,赤2,赤3,赤4, 白1,白2,白3,白4,白5の合わせて９個の玉から2個取りだしてどちらも赤である確率を求める。
１番目の玉が赤である確率
そうして赤玉を取り出してしまったら、
２番目の玉が赤である確率
＝(残った赤玉の数)/(残った玉の数)
よって、１番目の玉が赤であり、２番目の玉が赤である確率
これが求める解ですが、この計算式を変形してみます。
です。
この式の右辺は、
です。
すなわち、
赤1,赤2,赤3,赤4, 白1,白2,白3,白4,白5の合わせて９個の玉から2個取りだしてどちらも赤である確率
＝（順番に２個の赤玉を取り出す場合の数）/(順番に２個の玉を取り出すあらゆる場合の数),
という場合の数の比で求める確率が計算できます。
ここで、
（順番に２個の赤玉を取り出す場合の数）４Ｐ２から、順番のバラエティをなくした数が、４Ｃ２であり、
です。
(順番に２個の玉を取り出すあらゆる場合の数)９Ｐ２から、順番のバラエティをなくした数が、９Ｃ２であり、
です。
２個の順番のバラエティをなくすには、いずれの場合も 2! で割り算すれば良いのです。
分母も分子も同じ2! で割り算するのですから、
＝（２個の赤玉を選ぶ場合の数）/(全体から２個の玉を選ぶ数)
になります。
すなわち、
赤1,赤2,赤3,赤4, 白1,白2,白3,白4,白5の合わせて９個の玉から2個取りだしてどちらも赤である確率
＝（２個の赤玉を選ぶ場合の数）/(全体から２個の玉を選ぶ数)
という、組合せの数の比で求める確率が計算できます。
この計算で分かったこととして、
確率を、玉を選ぶ組合せの数の比だけで計算して良いという定理（コンビネーションを用いて良い定理）が成り立ちます。
すなわち、「玉を順番に取り出す確率の問題」は、「玉を同時に（順番を考えずに）取り出す確率の問題」と等価であると考えて解いても良いことになります。
【問題３】
白球が２個、赤球が３個入った袋の中から、球を順番に２個取り出す。白球と赤球を１個ずつ取り出す確率を求めよ。
（問題おわり）
更に、問題３も例にして、コンビネーション（組み合わせ）を用いて解く解き方を詳しく解説します。
【解答方針】
あらゆる取り出し方の組み合わせの数は、
与えられた球の群れの中で、選ばれた球の群を作り、
選ばれた球の群の各メンバーにあらゆる並び方をさせた数です。
3個ある赤球の中から1個取って、2個ある白球から1個取って作った球の群れの作り方の組み合わせの数は、
です。
その２個の群の球の群れのメンバーにあらゆる並び方をさせる場合の数は、
です。
一方で、
5個ある球から2個の球の群れを作るあらゆる球の群れの作り方の組み合わせの数は、
です。
その２個の群の球の群れのメンバーにあらゆる並び方をさせる場合の数は、
です。このように考えて導き出したこの式は、白球２個と赤球３個を合わせた異なる５個の球を順番に２個取り出すあらゆる場合の数＝５×４と同じ式です。
3個ある赤球の中から1個取って、2個ある白球から1個取って作った球の群れのあらゆる並び方をさせる場合の数を、
5個ある球から2個の球の群れを作った球の群れのあらゆる並び方をさせる場合の数で割り算すると、
になります。これが、求める確率です。あとは、この式を詳しく計算するだけで良いです。この計算において：
２個の球にあらゆる並び方をさせる数(2!)が共通項としてあるので、
その共通項が約分されて消えました。
という計算式は、
3個ある赤玉の中から1個取って、2個ある白玉から1個取って作った球の群れの数を、
5個ある球から2個の球の群れを作った球の群れの数、
で割り算する式です。
この計算で分かったこととして、２個の球にあらゆる並び方をさせる数(2!)の共通項が約分されて消えるので、
確率を、球の群れの組合せの数の計算だけで（その球の取り出し順の順列の数の計算は省いて）、球の群れの組合せの数の比だけで計算して良いという定理（コンビネーションを用いて良い定理）が成り立ちます。
すなわち、「球を順番に取り出す確率の問題」は、「球を同時に（順番を考えずに）取り出す確率の問題」と等価であると考えて解いても良いことになります。
《コンビネーションの確率を順列の確率に対応させる定理》
という式で選ばれた玉の組合せの比の確率は、
以下の式により、５つの玉のうち、選ばれた３つの玉のあらゆる順列（玉の並びの順）の確率に変換できる定理が成り立つ。
すなわち、この式は、分子の組合せに限定して選ばれた２＋１＝３個の玉のあらゆる並び方の順列の、５個のうちの３個の玉のあらゆる並び方の順列との比で表される確率をあらわす。
言い換えると、「分子があらわす組合せに限定して選ばれた２＋１＝３個のあらゆる並び方の確率をあらわす」定理が成り立つ。
リンク：
複数のサイコロを同時に投げる問題は、そのサイコロを順番に投げる問題と等価である
くじ引きの公平性
高校数学の目次
▷複数の玉を同時に取り出す確率
▷コンビネーション（組み合わせ）を用いて良い定理
《複数の玉を同時に取り出す確率》
【問題１】
白玉が５個、赤玉が３個入った袋の中から、玉を同時に２個取り出す。白玉と赤玉を１個ずつ取り出す確率を求めよ。
【注意】
以下の解答は、この問題を例にして、複数の玉を同時に取り出す問題の解き方の例を詳しく解説する事を目的として、このページに書いたものです。
そのため、先ずこの問題を自力で解いてみたい人は、以下の解答を見ずに問題を解いてから、このページに戻って来てください。
【複数の玉を同時に取り出す操作の意味】
この問題で、２つの玉を同時に取り出す操作がどのように行なわれるかを考えます。
完全に同時に取り出す操作は、以下の様にして実現できると考えます。
あらかじめ２つの玉を選んで準備しておいて、「その２つの玉を取り出す指令」を出します。その指令が発令された時刻が２つの玉を同時に取り出す時刻です。
それでは、あらかじめ２つの玉を選んでおく操作はどうすれば実現するかを考えます。
２つの玉を選ぶという事は、当然な事ですが、選ばれる玉が、同じ玉を２回選ぶのでは無く、異なる２つの玉を選ぶ必要があります。
１つの選定方法は：
他の玉に何が選ばれているかという情報無しに、同時にもう１つの玉を選んでしまうと、同じ玉が重ねて選ばれてしまいます。
そのため、２つの玉を区別して異なる玉を選ぶために、先ず、１つの玉を選び、
次に、その選ばれた玉が何であったかの情報を使って、その玉以外の残った玉から、もう１つの玉を選びます。
これによって、同じ玉が重ねて選ばれる事が無く、異なる２つの玉を選ぶ事ができます。
この作業によって、最終的に、白玉と赤玉を１個ずつ選ぶ確率が、同時に白玉と赤玉を１個ずつ取り出す確率になります。
この操作による２つの玉の選定作業は、順番に玉を選ぶ作業です。この操作によって２つの玉を選定する確率が、求める確率になります。
２つ目の「同時に２つ選ぶ」玉の選定方法は：
全部の玉を、両端に玉の出口があるパイプに入れて、そのパイプを回転させてパイプの両端に遠心力によって出て来る玉を選ぶことで「同時に２つ選ぶ」方法があります。
（このパイプは、玉の出口の両端以外では直径が太くてパイプの中で玉の順番を入れ替えて玉が混ぜられるパイプとする。そのパイプの中で玉を十分に混ぜた後で両端から玉を取り出す。）
その場合は、パイプの左端にある玉を１つ目の玉と名付け、パイプの右端にある玉を２つ目の玉と名付ける。
【解答】
２つの玉を選定する作業によって：
（１）
１つ目の玉に白玉を選び、２つ目の玉に赤玉を選ぶ確率＝
（２）
１つ目の玉に赤玉を選び、２つ目の玉に白玉を選ぶ確率＝
（集計）
結局、白玉１つと赤玉１つを同時に取り出す確率は、上の２つの場合を合わせた確率であり、
です。
（解答おわり）
【別解】
上の解答の論理が正しい事を確認するために、この問題を別の視点から見て解きます。
白玉と赤玉を１個ずつ選ぶ場合の確率は、
同じように確からしい事象の数の比で求められます。
８つの玉から２つの玉を選ぶ、同じように確からしい場合の数は、
個あります。
そのうち、白玉と赤玉を１個ずつ選ぶ場合の数は、
個あります。
そのため、
白玉と赤玉を１個ずつ選ぶ場合の確率は、白玉と赤玉を１個ずつ選ぶ場合の数を８つの玉から２つの玉を選ぶ場合の数で割り算した数であり、
で求められます。
（解答おわり）
別解でも同じ答えになった。
「同時に取り出して」
という言葉は、２つの玉を取り出す玉同士の取り出す時間差、あるいは、２つの玉を選ぶ玉同士の、選ぶ時間差が僅かにあって、「同時にとりだした」と言っても、その時間差が大きくなった場合と確率が同じになり、結局、
「順番に２回選ぶ」のと同じ確率が計算される。
すなわち、
時間差があるので、「元に戻さず２回とる」
というのと確率が同じになると考えて解きます。
結論を言うと、時間差が必ずあると考えても、同時に取り出すと考えて計算しても、同じ結論、同じ確率が計算されます。そのため、時間差があると考えて計算するのが正しいのです。更に言うと、物理学の相対性原理では、異なる位置の間の時刻の差は、一定速度で運動する慣性系毎に異なって観測される。そのため、絶対的な同時刻というものは有り得ないということが分かっている。
順番を考えない組み合わせの数を考えるというのは発想がしにくいものです。特に、事象の連鎖の概念を使って問題を解こうとする場合には、事象の連鎖では事象の順番を考えるので、事象の連鎖の概念が使いにくいです。同時に発生する事象は、「順番」に発生する事象であると考えて良いので、事象の連鎖の表現を使って問題を解き易くできる。（樹形図の基本ルール（その２）参照）
以下では、同時に取り出す、（と言うよりも、取り出す時刻をあいまいにして同時とみなして計算する方法を考えます。その計算方法であっても、結局は、時間差を持って玉を確認するという操作によって時間差が導入されることを示します。
例えば、パイプの両端にある玉を取り出すことによって「取り出す時刻をあいまいにすることで、同時に取り出すように見える」操作をする場合を考えます。
そのように「同時に取り出すとみなす」操作をする場合も、同時に２つ取り出した後で、以下で考えるように、その２つの玉が何であったかを時間差を持って順番に１つずつ玉を見て確認することを考えると、「同時に取り出す」ことが「順番に取り出す」ことと等価になることが理解できると考えます。
（研究課題）
特に、全部の玉を両端に玉の出口があるパイプに入れてパイプの中で玉を十分に混ぜた後で、パイプを回転させる遠心力でパイプの両端の出口に玉を寄せる。そのパイプの両端の玉が白玉と赤玉になる確率を計算する場合は、別解の方法で考えた方が解き方が分かり易い。
そして面白い研究課題として、パイプの左端の玉が白になり、右端の玉が赤になる確率が、
というように、左端の玉が白になる確率の次に右端の玉が赤になる確率を計算して両者の積で求められる。その計算では、右端の玉が赤になる確率は、左端の玉が白である条件の下に右端の玉が赤になる「条件付き確率」を計算する必要がある事が、この計算式から顕わに見える。一方で、パイプの左端と右端とは等価であって、どちらの端の確率を先に計算しても良いとも考える。
「２つ同時に取り出して」白玉と赤玉を得る確率の問題は、
取り出した２つの玉それぞれを、第１の玉、第２の玉、と名付けて玉を把握でき、以下の樹形図で表せる。その第１の玉と第２の玉の区別の実体は、以下のように考えられる。
すなわち、袋から同時に２つの玉を取り出した後で、その２つの玉が何であったかを確認するために順番に玉を見る。その見る順番が２つの玉の区別であると考える。
『上図の樹形図は「樹形図の基本ルール」に従って、事象の連鎖の糸（太さ１ｓ）を束ねて枝を作る。樹形図を横断する枝の太さの総和は事象の連鎖の糸の総数であり常に一定の太さ（５６ｓ）である。また、第１の玉が赤である糸が２１本ある一方、第２の玉が赤である糸も２１本あり、第１の玉と第２の玉のバラエティが同じという特徴がある。』
「２つ同時に取り出して」白玉と赤玉を得る確率の問題は、上の樹形図から読み取れる：
（１）第１の玉が白になる確率に、第１の玉とは異なる第２の玉が赤になる条件付き確率を掛け算して得た確率と、
（２）第１の玉が赤になる確率に、第１の玉とは異なる第２の玉が白になる条件付き確率を掛け算して得た確率と、
の２つを足し算して確率が計算できる。
《玉を順番に取り出す場合》
また、玉を順番に取り出す問題の場合でも、上の樹形図で、第１の玉が何か（例えば白）である確率に、その第１の玉の場合において第２の玉が何か（例えば赤）になる条件付き確率を計算する。その確率が、第１の玉を先に取り出した後に第２の玉を取り出す確率を計算することであると考えて確率が計算できる。
更に、上図の樹形図が表す取り出した玉を見る順番が、玉を取り出す順番とは逆の場合は、上図の樹形図は、第２の玉を先に取り出した後に第１の玉を取り出す確率の問題の樹形図になります。
樹形図は、事象の連鎖の糸を自由に枝に束ねて、しかも事象の発生順に従う必要も無く、再編成して樹形図を書くことができる自由があるからです。
そのため、「玉を順番に取り出す問題の確率の答えは、その玉の取り出し順を逆にした問題の確率の答えと同じになる定理」も成り立っています。
この定理は、確率の《くじ引きの公平性》の定理と同様な性格を持つ定理です。
《玉の取り出し順に係わらず玉を取り出す確率が同じである原理》
【問題】
玉１、玉２、玉３が入っている袋から、
１回目に玉を取り出して玉を戻さずに２回目に玉を取り出す場合に、２回目に玉１を取り出す確率を求める。
【解答】
（１回目の玉，２回目の玉）の事象を連鎖を全て書く。
（１，２）
（１，３）
（２，１）
（２，３）
（３，１）
（３，２）
この６つの事象の連鎖が同様に起こり得る事象の連鎖である。
１回目に玉１を取り出す確率＝２／６
である。
この６つの事象の連鎖は以下の順に並べ替えることができる。
（２，１）
（３，１）
（１，２）
（３，２）
（１，３）
（２，３）
２回目に玉１を取り出す確率＝２／６
である。
すなわち、事象の連鎖を並べる順を並べ替えて考えると、
１回目に玉１を取り出す確率＝２回目に玉１を取り出す確率
が成り立っている。玉の取り出し順に係わらず玉を取り出す確率が同じであることがわかる。
《確率の解法にコンビネーション（組み合わせ）を用いて良い定理》
【問題２】
赤玉が４個、白玉が５個入った袋の中から、玉を順番に２個取り出す。その２個のどちらも赤玉である確率を求めよ。
（問題おわり）
この問題２を例にして、コンビネーション（組み合わせ）を用いて解く解き方を詳しく解説します。
【解答方針】
赤1,赤2,赤3,赤4, 白1,白2,白3,白4,白5の合わせて９個の玉から2個取りだしてどちらも赤である確率を求める。
１番目の玉が赤である確率
そうして赤玉を取り出してしまったら、
２番目の玉が赤である確率
＝(残った赤玉の数)/(残った玉の数)
よって、１番目の玉が赤であり、２番目の玉が赤である確率
これが求める解ですが、この計算式を変形してみます。
です。
この式の右辺は、
です。
すなわち、
赤1,赤2,赤3,赤4, 白1,白2,白3,白4,白5の合わせて９個の玉から2個取りだしてどちらも赤である確率
＝（順番に２個の赤玉を取り出す場合の数）/(順番に２個の玉を取り出すあらゆる場合の数),
という場合の数の比で求める確率が計算できます。
ここで、
（順番に２個の赤玉を取り出す場合の数）４Ｐ２から、順番のバラエティをなくした数が、４Ｃ２であり、
です。
(順番に２個の玉を取り出すあらゆる場合の数)９Ｐ２から、順番のバラエティをなくした数が、９Ｃ２であり、
です。
２個の順番のバラエティをなくすには、いずれの場合も 2! で割り算すれば良いのです。
分母も分子も同じ2! で割り算するのですから、
＝（２個の赤玉を選ぶ場合の数）/(全体から２個の玉を選ぶ数)
になります。
すなわち、
赤1,赤2,赤3,赤4, 白1,白2,白3,白4,白5の合わせて９個の玉から2個取りだしてどちらも赤である確率
＝（２個の赤玉を選ぶ場合の数）/(全体から２個の玉を選ぶ数)
という、組合せの数の比で求める確率が計算できます。
この計算で分かったこととして、
確率を、玉を選ぶ組合せの数の比だけで計算して良いという定理（コンビネーションを用いて良い定理）が成り立ちます。
すなわち、「玉を順番に取り出す確率の問題」は、「玉を同時に（順番を考えずに）取り出す確率の問題」と等価であると考えて解いても良いことになります。
【問題３】
白球が２個、赤球が３個入った袋の中から、球を順番に２個取り出す。白球と赤球を１個ずつ取り出す確率を求めよ。
（問題おわり）
更に、問題３も例にして、コンビネーション（組み合わせ）を用いて解く解き方を詳しく解説します。
【解答方針】
あらゆる取り出し方の組み合わせの数は、
与えられた球の群れの中で、選ばれた球の群を作り、
選ばれた球の群の各メンバーにあらゆる並び方をさせた数です。
3個ある赤球の中から1個取って、2個ある白球から1個取って作った球の群れの作り方の組み合わせの数は、
です。
その２個の群の球の群れのメンバーにあらゆる並び方をさせる場合の数は、
です。
一方で、
5個ある球から2個の球の群れを作るあらゆる球の群れの作り方の組み合わせの数は、
です。
その２個の群の球の群れのメンバーにあらゆる並び方をさせる場合の数は、
です。このように考えて導き出したこの式は、白球２個と赤球３個を合わせた異なる５個の球を順番に２個取り出すあらゆる場合の数＝５×４と同じ式です。
3個ある赤球の中から1個取って、2個ある白球から1個取って作った球の群れのあらゆる並び方をさせる場合の数を、
5個ある球から2個の球の群れを作った球の群れのあらゆる並び方をさせる場合の数で割り算すると、
になります。これが、求める確率です。あとは、この式を詳しく計算するだけで良いです。この計算において：
２個の球にあらゆる並び方をさせる数(2!)が共通項としてあるので、
その共通項が約分されて消えました。
という計算式は、
3個ある赤玉の中から1個取って、2個ある白玉から1個取って作った球の群れの数を、
5個ある球から2個の球の群れを作った球の群れの数、
で割り算する式です。
この計算で分かったこととして、２個の球にあらゆる並び方をさせる数(2!)の共通項が約分されて消えるので、
確率を、球の群れの組合せの数の計算だけで（その球の取り出し順の順列の数の計算は省いて）、球の群れの組合せの数の比だけで計算して良いという定理（コンビネーションを用いて良い定理）が成り立ちます。
すなわち、「球を順番に取り出す確率の問題」は、「球を同時に（順番を考えずに）取り出す確率の問題」と等価であると考えて解いても良いことになります。
《コンビネーションの確率を順列の確率に対応させる定理》
という式で選ばれた玉の組合せの比の確率は、
以下の式により、５つの玉のうち、選ばれた３つの玉のあらゆる順列（玉の並びの順）の確率に変換できる定理が成り立つ。
すなわち、この式は、分子の組合せに限定して選ばれた２＋１＝３個の玉のあらゆる並び方の順列の、５個のうちの３個の玉のあらゆる並び方の順列との比で表される確率をあらわす。
言い換えると、「分子があらわす組合せに限定して選ばれた２＋１＝３個のあらゆる並び方の確率をあらわす」定理が成り立つ。
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複数のサイコロを同時に投げる問題は、そのサイコロを順番に投げる問題と等価である
くじ引きの公平性
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を用い， 真部分集合に ⊂を用いる場合もあるので注意が必要である．
